山东省中学联盟2022-2023学年高考考前热身押题化学试题及答案

山东中学联盟2023年高考考前热身押题
化学
2023.5
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改
用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H一1C一12N一14O一16
C1-35.5Mn—55Ag-10
一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.下列物质的应用涉及氧化还原反应的是
A.氨气可用作制冷剂
B。优质糯米可酿制食帽
C.75%酒精用作医疗器械消毒剂
D。甘氨酸亚铁可用作补铁剂
2.实验室中下列做法或操作分析正确的是
A.Ca0固体保存在广口塑料瓶中
B.FeNO):溶液保存时加入少量稀硝酸
C,可用热的碳酸钠溶液除去金属表面附着的柴油
D,蒸馏时，若温度计水银球低于蒸缩烧瓶支管口，则收集到的馏分产率更高
3,某点击化学试剂由原子序数依次增大的X、Y、M、Z四种短周期元素组成，其中基态Y原
电子总数是其最高能级电子数的2倍，Z的原子序数是Y的两倍，衰变方稻
12M→X+2n+2H。下列说法错误的是
A.简单氢化物的沸点：DX
B.简单氢化物还原性：Z)X)M
C.、x和X互为同位素
D.元素Y的第一电离能小于同周期相邻两种元素的
4。下列高分子材料说法错误的是
七CH一C=CH一CH
A合成橡胶(
CH
)没有顺反异构体
千CH一CH一CH一CH
CN
B.高分子材料(
)是由苯乙烯和丙烯腈通过加聚反应合成
ECH-CH
C.聚乙烯醇(
O州)在水中有很好的溶解性
D.酚醛树脂
是由苯酚和甲醛通过缩聚反应合成
5.四氮唑
和呋哺(
都是典型芳香杂环有机物，均含有π大π键。下列有关
说法错误的是
A.四氮唑在乙醇中溶解度小于在CCL,中的
B.四氮唑中N原子和呋喃中O原子均采用sp杂化
C.键角：∠1> ∠2
D.四氮唑与呋喃中含。键数目比为7：9
6.下列操作能达到相应实验目的的是
选项
实验目的
实验操作
A
证明Fe、与I的反应是
将等浓度的KI溶液和FeC1,溶液混合，充分反应后滴入KSCN
可逆反应
溶液
B
分别向5mL0.1mo1·L和5mL0.2mo1·L酸性KM0,溶液中加
探究浓度对速率的影响
入5ml0.5molL草酸(C,0,),根据溶液褪色时间判断反应
速率
探究不同浓度醋酸铵溶
常温下，用pH试纸分别测定1mol/LCH,C0ONH,溶液和
液中水的电离程度
0.1mo1/LCH,C0ONH,溶液的pH
D
分离苯和苯酚
向有机混合液中加入稍过量的NaOH溶液，振荡、静置、分液：
再向水层通入稍过量C0,振荡、静置、分液
7.M和N是合成抗癌药托瑞米芬的重要中间体，结构如图所示。下列说法错误的是
M
A。M分子可以发生氧化反应、取代反应和加成反应
B.M分子中所有碳原子和氮原子可能共平面
C.N分子与足量H加成后产物中含5个手性碳原子
D.N分子与溴水按物质的量比为1：1加成时，产物有六种
8.中国科学技术大学熊字杰、高超教授利用光催化和Ru可以有效地从CS量子点中提取光生带正
电空穴（用h表示：可捕获电子）和电子，进一步氧化HF(
和DFF(
反应原理如下图所示：
山东中学联盟2023年高考考前热身押题
子都是采用sp杂化，故B正确：C项：∠1和∠2的中心原子均为sp杂化，但是∠2的中心原子0有一
对孤电子，排斥力强，键角小，故C正确：D项：四氨唑中含σ键数目为7，呋喃中σ键数目为9，故D
化学答案解析2023.5
正确。
1、解析：A项：利用氮气易液化的性质用作制冷剂，这是物理性质，故A错：B项：糯米经发酵、
6、解析：A项：等浓度的KI溶液和FC溶液，但是体积关系不知道，因此哪种微粒过量不清楚，
水解得葡萄糖，葡萄糖再生成乙醇（这是氧化还原反应），乙醇在经氧化反应生成乙酸，故B正确：
实验操作错误，故A错：B项：高锰酸钾溶液浓度不同，体积相同，物质的量不同，有色物质多的
可能褪色时间长，但反应速率不慢，因此实验方案应该是草酸浓度不同，高锰酸钾溶液浓度和体积
C项：75%酒精使蛋白质变性失活起到杀菌消毒的作用，故C错误：D项：甘氨酸亚铁补铁时，血红
均相同，故B错：C项：CH；COONH.中酷酸根水解程度与铵根水解程度相同，测H值时显中性，但
蛋白配位络合二价铁，故D错。
是浓度高的醋酸铵中，水解的微粒多，虽然显中性，水解产生的氢氧根离子多，贝是后又被消耗了，
故C错误：D项：有机混合液中加入稍过量的NaOH溶液，苯在上层，水溶液在下层，静置、分液后，
2、解析：A项：CO是固体，保存在广口瓶中，同时CO属性强碱的碱性氧化物，保存在塑料瓶中，
向水层中通入稍过量CO,将苯酚钠转化成苯酚，再振荡、静置、分液后得苯酚，故D正确。
或者玻璃瓶和橡胶塞，故A正确：B项：硝酸亚铁溶液保存时加入稀硝酸，能将二价铁氧化成三价
7、解析：M分子可燃烧，能发生氧化反应，苯环上有氢和烷烃的结构均能被取代，还含有苯环和
铁，引入杂质，故B错：C项：碳酸钠水解呈碱性，升高温度，水解程度增大，碱性增强，有利于除
酮羰基，可发生加成反应，故A正确：M分子中N原子采用s即杂化，使一个碳原子结构和孤电子
去酯类油污，但是柴油属于矿物油，与碱不反应，故C错误：D项：蒸馏时，若温度计水银球低于
OH
H0、
蒸馏烧瓶支管口时，过早结束收集物质的操作，收集的馏分少了，产率偏低，故D错。
对离开平面，故B错误：C项：N分子与足量氢气加成后生成物结构为(*表示手性碳原子)
故C正确：N分子与溴水按物质的量比为1：1加成时，“12”一加成产物有3种，“1,4”一加成产物有
3、解析：根据基态Y原子的电子总数是其最高能级电子数的2倍，可推出Y是O,Z是S,再分析衰变
2种，“1,6一加成产物有1种，共6种，故D正确
方程发现M质子数比X大2，原子序数X< Y< M,因此确定M为F,X为N。A项：HF中氢键强度大于
NH,简单氢化物的沸点HF> NH,故A正确：B项：简单氢化物还原性与非金属性顺序相反，故B
8、解析：A项：根据图像可发现，增加光的强度可产生更多的带正电空穴和电子，氧气结合氢高子
正确：C项：1N2和N在组成上都是氢气，属于同种物质，都是分子，一定不是同位素，故C错误：
转化为羟基自由基，故A正确：B项：生成DFF的总反应为HMF→DFF+H2,故B正确：C项：生成
D项：基态N原子是半充满稳定结构，第一电离能超过O原子，故D正确。
HMFCA过程中，O+2H+2c=2-OH,HMF+-OH+h→HMFCA+H,故C正确：生成HMFCA与DFF
物质的量比为1：1时，具体物质的物质的量是多少不知道，CdS量子点至少产生h*不知道的，故D错
CH
H
CH,
CH
C=C
C=C
误。
4、解析：A项：存在顺反异构体，顺式结构十CH,
CH,和反式结构十CH,
H
故A错误：B项：从高分子结构恢复到单体是苯乙烯和丙烯腈，两者通过加聚反应合成：C项：聚乙
9、解析：A项：“中和盐化、时，苯胺显碱性，CoC1+C0+H0+2广→CoCO+2广HC,
烯醇结构含有个羟基，羟基能与水形成氢键，因此在水中有很好的溶解性，故C正确：D项：酚醛
故A正确：B项：HO2不稳定，易分解，因此最后加，提高过氧化氢的利用率，故B正确：C项：
树脂是有苯酚和甲醛通过缩聚反应合成的，故D正确。
四氯乙烷属于卤代烃，难溶于水，且密度大于水，采用分液的分离操作方法，主要有分液漏斗和烧
5、解析：A项：四氮唑中氯原子可以与乙醇形成氢键增大溶解度，而与四氯化碳不能形成氢键，因
杯等，故C错误：D项：“再生、过程中，2○广HC+H,0+2CcC一→2怎
+2CcC1+2H0,“氯
此在乙醇中溶解度大于四氯化碳中的，故A错误：B项：四氮唑和呋喃中都含有π大键，环上的原
化、过程中，4CeCl4+C2H2→4CeC1l3+CHC1CHCl2,故D正确。
10、解析：M电极反应式BHs一12e+14OH=2BO2+10HO,N电极反应式NC(CH2)4CN+8H+8e
14、解析：c一NiSe/CFP电极的反应式为O+2c+2H=HO2,Fe++e=Fe2,因此为正极，则Pt/C
HN(CH)NH2,因此M电极为负极，N电极为正极，电流从正极流向负极，从高电势流向低电势，
电极为负极，电极反应式为C2H6O2一10e+2H0=2C02+10H,电流从正极经电解质流向负极，故
故A、B正确：C项：N电极为正极，双极膜的b膜产生氢离子移向N电极，a膜产生氢氧根离子
A正确，C正确：c-NiSe/CFP电极区域HO2+Fe2+H-Fe++HO+OH,因此可以看出Fe+是工作
移向M电极，根据电极反应式和膜变化电荷（与电路中转移电子数相等），可知需要定期补充HO
过程的催化剂，故B正确：控制电流强度为0.6mA,H02产生量为18.75mmol,一分钟时，HO2
和NaOH,故C错误：D项：23.2g己二胺为0,2mol,根据N极电极反应式可知，电子数为1.6mol,
产生量为1.125mol,对应电子数为2.25mol,再根据选择性为37.5%，得出电极上转移的电子数为
a膜产生氢氧根离子为1.6mol,故D正确。
2.25+37.5%=6mol,根据Pt/C电极反应式C2H6O2一10e+2HO=2CO2+10H,PtvC电极上消耗的乙二
醇为6◆10×62-372g,同时HO2生成0H也氧化乙二醇，OH物质的量为1.125mol,氧化乙二醇反
11、解析：A项：由于超细大理石，稀硫酸可以与之发生反应，制备二氧化碳，故正确：B项：硫
应式为10-0H+CH602=2C02+8H20,则消耗乙二醇为0.1125mol,质量为0.1125×62-6.975g,共处
酸铜溶液不能尾气吸收二氧化硫，污染环境，故B错误：C项：氨气进入硫酸铜溶液需要防倒吸，故
理乙二醇44.175g,故D错误。
C错：D项：溴乙烷消去需要加热，同时溢出气体有乙烯和乙醇，两者均能使酸性高锰酸钾溶液褪
色，故D错。
15、解析：pOH越小，碱性越强，c(A2)也会越大，因此线MX代表A2,线XY代表HA,线
MY代表HA,最后两条线分别是H、OH。根据X点可以计算HA的K2I028,根据Y点可
12、解析：“废渣”与硫化钠“熔炼“时，由于硫离子具有强的还原性，不能通空气，同时大量气体会
计算HA的K=10-98,M点是c(HA=c(A2-),也是c(HA-)取最大值时，
带走热量，消耗更多能量，故A错：“溶液的主要成分有NaSS,“滤渣中有PbS、SiOz和Ag:
加入氯化铁和氯化钠混合液，三价铁氧化硫化铅中的S2和Ag,生成S和AgC1,PbS发生的总反
K×K:-4:CH=10,再根据6A4A.求出H=10,进一步得出
c(HA)
应为2Fe3+P%S+4CI=PbCl+S+2Fe2+,因此C错了：“溶液I、中含有PbCl、Na、Fe2+、Cl
pOH=2.7,故A正确：X一→M一→Y→N过程，c(A2)逐渐减少，水的电离程度再减小，故B错误；当
等，“滤渣Ⅱ、中含S和AgC、SO2,“溶液Ⅱ、中加入稀疏酸，会生成P%SO4,“溶液I”中含有H、
pH减小时，根据K不变，而HA先增大后减小，则c(A2)(H)先增大后减小，故C正确：N点
Na、F©2+、C1等，经处理后，可以得到氯化铁和氟化钠混合溶液，返回至“滤渣I”工序中，故B正
时，根据电荷守恒cNa+cH)2c(A2)+cHA)+c(OH )+c(CI),N点d(H)-c(HA),可以得出
确：“滤渣Ⅱ、中加入亚硫酸钠后，生成[Ag(SO)]3，“滤渣主要成分为S和SiO,[AgSO
cNa)-2cA2)t(OH)t(C1),而(CIP(OH).则cNaP2c(A2)+2c(OH),故D错误
溶液加入NaOH和NH4处理可以得银单质，利用电子守恒计算，4Ag一NH4,